整除与带余除法是数论的基础,贯穿整个数论,对应教材初等数论闵嗣鹤第四版
,学习课程是按照这本书来的
但是上图的书太薄了,如果是硬看书的话还是看国外的这本书
对于个人的博客,顺序按照个人认为比较合理的顺序进行排序。
整除和带余除法
整除
这里先介绍一下整除的定义,然后一些整除的命题和定理也进行归纳。
定义 :
设 a , b ∈ Z , 且 b = 0 。 若 存 在 q ∈ Z , 有 a = q b , 则 称 b 是 a 的 因 数 ( 或 约 数 ) , 或 a 是 b 的 倍 数 , 或 b 能 整 除 a , 或 a 能 被 b 整 除 。 记 作 b ∣ a 。 若 对 任 意 的 q ∈ Z , 有 a = q b , 则 称 a 不 能 被 b 整 除 , 记 作 b ∤ a 。
命题 :
命题 1 :
设 a , b ∈ Z , 且 b = 0 , 则 有 : 1 . b ∣ 0 ( 即 零 是 任 何 非 零 整 数 的 倍 数 ) 2 . 1 ∣ a ( 即 1 是 任 何 整 数 的 因 数 ) 3 . 当 a = 0 时 , a ∣ a ( 任 何 一 个 非 0 整 数 都 是 它 自 身 的 因 数 )
命题 2 :
设 a , b , s ∈ Z 1 . 若 b ∣ a , 则 b ∣ a s 。 2 . b ∣ a 当 且 仅 当 − b ∣ a ( 即 a 的 因 数 总 是 成 对 出 现 ) 。 3 . b ∣ a 当 且 仅 当 b ∣ ∣ a ∣ ( 即 a 与 ∣ a ∣ 的 所 有 因 数 相 同 ) 。
命题 3 :
1 . 若 c ∣ a , c ∤ b , 则 c ∤ ( a + b ) 或 c ∤ ( a − b ) 2 . 若 b ∣ a , c = 0 , 则 b c ∣ a c , 反 之 若 b c ∣ a c , 则 b ∣ a 3 . 若 b ∣ a , c ∣ d 则 b c ∣ a d 4 . 若 a = b + c , d ∣ a , d ∣ b , 则 d ∣ c
命题 4 :
1 . 若 n 是 正 整 数 , a = b , 则 a − b ∣ ( a n − b n ) 2 . 若 n 是 正 奇 数 , a = − b , 则 a + b ∣ ( a n + b n ) 3 . 若 n 是 正 偶 数 , a = − b , 则 a + b ∣ ( a n − b n )
命题 5 (重要):
(a,b) 表示 a,b 两个数的最大公因数,[a,b] 表示 a,b 两个数的最小公倍数。
对于命题 5,这边先要介绍两个关于最小公倍数和最大公因数的定理。
定理 1:注意这里的 s、t 可以是正的也可以是负的
已 知 ( a , b ) = x , 则 存 在 s , t ∈ Z , 有 s a + t b = x
定理 2:
对 于 [ a , b ] 和 ( a , b ) , 满 足 关 系 : [ a , b ] = ( a , b ) a b
命题 5 如下:
1 . 若 c ∣ a b 且 ( b , c ) = 1 , 则 c ∣ a 2 . 若 b ∣ a , c ∣ a 且 ( b , c ) = 1 , 则 b c ∣ a 3 . 若 b ∣ a , c ∣ a 则 [ b , c ] ∣ a
定理 :
定理 1 (整除的传递性):
设 a , b , c ∈ Z , b , c = 0 , 则 若 b ∣ a , c ∣ b , 则 c ∣ a 。
定理 2 :
设 a , b ∈ Z , 都 是 m 的 倍 数 , 则 a + b 或 a − b 也 是 m 的 倍 数 。
定理 3 :
设 a 1 , a 2 , . . . . . . , a n ∈ Z 都 是 m 的 倍 数 , q 1 , q 2 , . . . . . . , q n ∈ Z 则 q 1 ⋅ a 1 + q 2 ⋅ a 2 + . . . . . . + q n ⋅ a n 也 是 m 的 倍 数 即 若 m ∣ a i ( i = 1 , 2 , . . . . . . , n ) , q i ∈ z , 则 m ∣ ( q 1 ⋅ a 1 + . . . . . . + q n ⋅ a n )
带余除法
设 a , b ∈ Z 且 b > 0 , 则 存 在 唯 一 的 两 个 整 数 q 和 r , 使 得 a = b q + r 其 中 0 ≤ r < b
由这个定理可以得到一个推论即:这边将 b>0 替换成了 b≠0
设 a , b ∈ Z 且 b = 0 , 则 存 在 唯 一 一 对 整 数 q 和 r , 使 得 a = b q + r 其 中 0 ≤ r < ∣ b ∣
在上面的定理和推论中,q 叫做 a 被 b 除的不完全商 ,r 叫做 a 被 b 除的余数 。
最大公因数与辗转相除法
例题
在介绍最大公因数与辗转相除法之前,先来介绍一下最大公因数的求法
题目 1 :
方法一 :因数分解法
a = 2 1 6 = 2 3 ∗ 3 3 b = 1 2 8 = 2 7 所 以 ( a , b ) = 2 3
方法二 :辗转相除法
2 1 6 ÷ 1 2 8 = 1 ⋅ ⋅ ⋅ 8 8 1 2 8 ÷ 8 8 = 1 ⋅ ⋅ ⋅ 4 0 8 8 ÷ 4 0 = 2 ⋅ ⋅ ⋅ 8 4 0 ÷ 8 = 5 ⋅ ⋅ ⋅ 0 所 以 最 后 ( a , b ) = 8 还 可 以 写 成 这 样 2 1 6 = 1 2 8 ∗ 1 + 8 8 1 2 8 = 8 8 ∗ 1 + 4 0 8 8 = 4 0 ∗ 2 + 8 4 0 = 8 ∗ 5 + 0 所 以 ( a , b ) = 8
题目 2 :
这题只能使用辗转相除法,因为这俩个数都是质数。
9 8 3 = 5 4 7 ∗ 1 + 4 3 6 5 4 7 = 4 3 6 ∗ 1 + 1 1 1 4 3 6 = 1 1 1 ∗ 3 + 1 0 3 1 1 1 = 1 0 3 ∗ 1 + 8 1 0 3 = 8 ∗ 1 2 + 7 8 = 7 ∗ 1 + 1 7 = 1 ∗ 7 + 0 所 以 ( 9 8 3 , 5 4 7 ) = 1
题目 3 :
这题同样使用两种方法
方法 1 :
7 2 = 2 3 ∗ 3 2 4 8 = 2 4 ∗ 3 5 4 = 3 2 ∗ 2 ∗ 3 所 以 ( 7 2 , 4 8 , 5 4 ) = 6
方法 2 :这题是 3 个数的最大公因数,使用辗转相除法,我们先要求其中俩个数的最大公因数,再将该数与第三个数求最大公因数。
7 2 = 4 8 ∗ 1 + 2 4 4 8 = 2 4 ∗ 2 + 0 ( 7 2 , 4 8 ) = 2 4 5 4 = 2 4 ∗ 2 + 6 2 4 = 6 ∗ 4 + 0 所 以 ( 7 2 , 4 8 , 5 4 ) = 6
最大公因数 1
定义 1 :
设 整 数 a 1 , a 2 , . . . , a n 是 n ( n ≥ 2 ) 个 整 数 如 果 整 数 d 是 它 们 中 每 一 个 因 数 , 则 称 d 为 a 1 , a 2 , . . . . a n 的 公 因 数 。
定义 2 :
整 数 a 1 , a 2 , . . . , a n 的 公 因 数 中 最 大 的 一 个 称 为 它 们 的 最 大 公 因 数 , 记 作 ( a 1 , a 2 , . . . , a n ) .
定义 3 :
如 果 ( a 1 , a 2 , . . . , a n ) = 1 , 则 称 a 1 , a 2 , . . . , a n 互 质 或 互 素 . 如 果 a 1 , a 2 , . . . , a n 中 任 意 两 个 整 数 互 质 , 则 称 它 们 两 两 互 质 。
命题 1 :该命题讨论的是公因数存在性问题。
a 1 , a 2 , . . . , a n ∈ Z 的 公 因 数 必 定 存 在 若 a 1 , a 2 , . . . . , a n 不 全 为 零 , 则 ( a 1 , a 2 , . . . a n ) 必 定 存 在 . 当 a 1 , a 2 , . . . . , a n 不 全 为 零 时 , ( a 1 , a 2 , . . . , a n ) > 0
说明:
该点说明,在理论证明的时候,我们只需要考虑不全为零的最大公因数
在具体计算时,我们只考虑都不为零的整数的最大公因数
两两互质蕴含互质,但反之不成立。
注解 1:这个命题可以做为最大公因数的一个证明方法
设 a 1 , a 2 , . . . , a n 为 n 个 不 全 为 零 的 整 数 , 则 ( a 1 , a 2 , . . . , a n ) = d 当 且 仅 当 ( 1 ) d ∣ a i ( i = 1 , 2 , . . . , n ) ; ( 2 ) 若 d ′ ∣ a i ( i = 1 , 2 , . . . , n ) , 则 d ′ ≤ d .
注解 2 :该注解也给出了最大公因数的一个证明方法,本质上该方法是注解 1 得到的。
d = ( a 1 , a 2 , . . . , a n ) 当 且 仅 当 ( 1 ) d ∣ a i ( i = 1 , 2 , . . . , n ) ; ( 2 ) 若 d ′ ∣ a i ( i = 1 , 2 , . . . , n ) , 则 d ′ ∣ d ( d > 0 )
在证明 d’=d 时就可以利用 d|d’,d’|d 以及,d,d‘>0,即可得到 d=d’
命题 2 :
若 b ∣ a 且 a > 0 , 则 b ≤ a .
通过这个命题,还有一个推论:
若 b ∣ a 且 a = 0 , 则 ∣ b ∣ ≤ ∣ a ∣
定理 1 :由定理 1 就可以得到,如果要求一些数的公因数或者最大公因数,那么只要求这些数对应整数的公因数和最大公因数即可。
设 a 1 , a 2 , . . . , a n 为 n 个 不 全 为 零 的 整 数 , 则 ( 1 ) a 1 , a 2 , . . . , a n 与 ∣ a 1 ∣ , ∣ a 2 ∣ , . . . , ∣ a n ∣ 的 公 因 数 相 同 。 ( 2 ) ( a 1 , a 2 , . . . , a n ) = ( ∣ a 1 ∣ , ∣ a 2 ∣ , . . . , ∣ a n ∣ )
定理 2 :
若 b > 0 , 且 b ∈ Z , 则 : ( 1 ) 0 与 b 的 公 因 数 就 是 b 的 因 数 , 反 之 , b 的 因 数 也 是 0 与 b 的 公 因 数 ( 2 ) ( 0 , b ) = b
定理 2 推论 :
若 b = 0 , b ∈ Z , 则 ( 0 , b ) = ∣ b ∣
辗转相除法
之前例题介绍了辗转相除法的具体过程,接下来介绍一下概念和具体定理。
定理 3 (延续最大公因数的定理 1 和定理 2):
设 a , b , c 是 三 个 不 全 为 零 的 整 数 , 且 a = b q + c ( q = 0 ) , 则 a , b 与 b , c 有 相 同 的 公 因 数 , 从 而 有 ( a , b ) = ( b , c )
定理 4 :在介绍定理 4 之前先具体说一下辗转相除法。
设 a , b ∈ Z + 由 带 余 除 法 : a = b q 1 + r 1 ( 0 ≤ r 1 < b ) . 若 r 1 = 0 , 则 ( a , b ) = b , 若 r 1 = 0 , 则 由 定 理 3 , ( a , b ) = ( b , r 1 ) ( r 1 = 0 ) , b = r 1 q 2 + r 2 ( 0 ≤ r 2 < r 1 ) 若 r 2 = 0 , 则 ( a , b ) = ( b , r 1 ) = r 1 , 若 r 2 = 0 , 则 由 定 理 3 , ( a , b ) = ( b , r 1 ) = ( r 1 , r 2 ) . . . . . . . . . r n − 1 = r n q n + 1 + r n + 1 , r n + 1 = 0 则 ( a , b ) = ( b , r 1 ) = . . . = ( r n − 1 , r n ) = ( r n , r n + 1 ) = ( r n , 0 ) = r n
从而引出定理 4:
若 a , b ∈ Z , 则 ( a , b ) = r n
再利用最大公因数的定理 1,就可以将该式子转换为
若 a , b ∈ Z , 则 ( a , b ) = ( ∣ a ∣ , ∣ b ∣ ) = r n
推论 :
a , b 的 公 因 数 与 它 们 的 最 大 公 因 数 ( a , b ) 具 有 相 同 的 因 数 。
最大公因数 2
接下来的定理就是一些最大公因数的运算性质了,这种运算性质可以进行抽象,抽象之后就是近世代数要研究的内容了。
定理 5 : 定理 5 的运算性质就很想向量的内积的一些运算性质,可以进行类比记忆
设 a , b 是 任 意 两 个 不 全 为 零 的 整 数 , 则 ( 1 ) 若 m ∈ Z + , 则 ( m a , m b ) = m ( a , b ) ; ( 2 ) 若 δ 是 a , b 的 一 个 公 因 数 , 则 ( δ a , δ b ) = δ ( a , b ) 特 别 地 , ( ( a , b ) a , ( a , b ) b ) = 1
注解 4:
( a , b ) = d 当 且 仅 当 存 在 唯 一 的 一 对 互 质 的 整 数 , a 1 , b 1 使 得 a = d a 1 , b = d b 1
定理 6 :就是例题中第 3 题所示的求三个数的最大公因数。由该定理就可以得到例题第 3 题的解法
设 a 1 , a 2 , . . . , a n 是 不 全 为 零 的 整 数 ( 可 以 假 定 它 们 都 是 正 整 数 ) , 且 ( a 1 , a 2 ) = d 2 , ( d 2 , a 3 ) = d 3 , . . . , ( d n − 2 , a n − 1 ) = d n − 1 , ( d n − 1 , a n ) = d n , 则 ( a 1 , a 2 , . . . , a n ) = d n
最大公因数 3
这里介绍一下最大公因数的进一步的性质。先来介绍一个定理,该定理比较重要,由该定理可以导出著名的裴蜀定理。
定理 1 :
若 a , b ∈ Z + , 则 满 足 Q k a − P k b = ( − 1 ) k − 1 r k ( k = 1 , 2 , . . . , n ) 其 中 P 0 = 1 , P 1 = q 1 , P k = q k P k − 1 + P k − 2 Q 0 = 0 , Q 1 = 1 , Q K = q k Q k − 1 + Q k − 2 ( k = 2 , 3 , . . . , n )
推论 1 : 上面定理引出的该推论就是著名的裴蜀定理。该定理在之前的证明中有使用过。
若 ( a , b ) = d , 则 存 在 s , t ∈ Z 有 a s + b t = d .
命题 1 : 推理 1 的逆命题是不成立的,但是如果加了一些条件就会满足了。
设 a , b , d ∈ Z , d > 0 , 若 存 在 s , t ∈ Z , 有 a s + b t = d , 且 d 是 a , b 的 公 因 数 , 则 ( a , b ) = d .
推论 2 :
设 a , b ∈ Z , 则 ( a , b ) = 1 , 当 且 仅 当 存 在 s , t ∈ Z , 有 a s + b t = 1
定理 2 :
设 a , b , c ∈ Z 且 ( a , c ) = 1 , 则 ( 1 ) a b , c 与 b , c 有 相 同 的 公 因 数 ( 2 ) ( a b , c ) = ( b , c ) 这 里 b , c 中 至 少 有 一 个 不 为 零
推论 3 :
若 ( a , b ) = 1 , c ∣ a b , 则 c ∣ b
推论 4 :
设 a 1 , a 2 , . . . , a n , b 1 , b 2 , . . . , b m 是 两 组 整 数 如 果 前 一 组 的 任 意 一 个 数 与 后 一 组 中 任 意 一 个 都 互 质 , 则 a 1 a 2 . . . a n 与 b 1 b 2 . . . b m 互 质
最小公倍数
定义 :
若 e 是 所 有 a 1 , a 2 , . . . , a n 的 倍 数 , 则 称 e 为 a 1 , a 2 , . . . , a n 的 公 倍 数 在 所 有 公 倍 数 中 的 最 小 正 数 , 叫 做 a 1 , a 2 , . . . , a n 的 最 小 公 倍 数 , 记 为 [ a 1 , a 2 , . . . , a n ]
注解 : 由定义引出了证明最小公倍数的方法
[ a 1 , a 2 , . . . , a n ] = e 当 且 仅 当 ( 1 ) a i ∣ e ( i = 1 , 2 , . . . , n ) ; ( 2 ) 若 a i ∣ e ′ , 则 e ≤ e ′
定理 1 :
[ a 1 , a 2 , . . . , a n ] = [ ∣ a 1 ∣ , ∣ a 2 ∣ , . . . , ∣ a n ∣ ]
定理 2 :
设 a , b ∈ Z + , ( 1 ) a , b 的 所 有 公 倍 数 就 是 [ a , b ] 的 所 有 倍 数 ; ( 2 ) [ a , b ] = ( a , b ) a b , ( 或 [ a , b ] ( a , b ) = a b . ) 特 别 地 , 若 ( a , b ) = 1 , 则 [ a , b ] = a b
定理 3 :
若 [ a 1 , a 2 , a 3 , . . . , a n ] = m , [ a 1 , a 2 ] = m 2 , [ m 2 , a 3 ] = m 3 , . . . [ m n − 1 , a n ] = m n , 则 m = m n
多项式带余除法
最小公倍数这边引出了多项式
下面给出多项式的定义并且引出多项式的带余除法
定义 :
设 n ∈ Z + , a 0 , a 1 , . . . , a n ∈ R , a n = 0 , 则 称 P ( x ) = a n x n + a n − 1 x n − 1 + . . . + a 1 x + a 0 为 一 个 n 次 多 项 式 , 简 称 多 项 式 。
多项式带余除法
设 P ( x ) , M ( x ) 是 任 意 两 个 多 项 式 , P ( x ) 的 次 数 大 于 M ( x ) 的 次 数 , 则 存 在 唯 一 的 一 对 多 项 式 Q ( x ) , R ( x ) 使 得 P ( x ) = M ( x ) Q ( x ) + R ( x ) 其 中 R ( x ) 的 次 数 小 于 M ( x ) 的 次 数
算数基本定理
质数和合数
定义 1 :质数和合数的定义 :
设 p 是 一 个 大 于 1 的 整 数 , 若 它 的 正 因 数 只 有 1 及 它 本 身 , 则 称 p 为 一 个 质 数 ( 或 素 数 ) , 否 则 称 为 合 数 。
注 1 :负数、0 和 1 既不是质数也不是合数。
推论 1 :
a 是 合 数 当 且 仅 当 存 在 整 数 1 < a 1 , a 2 < a , 有 a = a 1 ∗ a 2
定理 1 :
设 a 是 大 于 1 的 整 数 , 则 a 的 除 1 外 的 最 小 正 因 数 p 一 定 是 质 数 , 并 且 当 a 为 合 数 时 , p ≤ a
定理 2 :
设 a ∈ Z , p 是 一 个 质 数 , 则 p ∣ a 或 ( p , a ) = 1
推论 2 :
设 a 1 , a 2 , . . . , a n ∈ Z , p 是 质 数 若 p ∣ a 1 a 2 . . . . a n , 则 p 能 整 除 某 一 个 a i
算数基本定理
定理 3 :
任 意 大 于 1 的 整 数 都 能 表 示 为 若 干 质 数 的 乘 积 即 若 a > 1 , 则 a = p 1 p 2 . . . p n , p 1 ≤ p 2 ≤ . . . . ≤ p n , 其 中 p i 都 是 质 数
推论 3 :
设 a 是 大 于 1 的 整 数 , 则 a 能 唯 一 地 写 为 a = p 1 α 1 p 2 α 2 . . . . p i α i . . . . p k α k 其 中 α i > 0 , i = 1 , 2 , 3 , . . . , k 且 p i < p j 称 上 式 为 a 的 标 准 分 解 式 .
注解 1 :对于推论 3,我们可以如下变形
在 应 用 中 , 为 方 便 计 算 , 有 时 我 们 插 进 若 干 质 数 的 零 次 幂 , 从 而 a 可 以 表 示 为 下 面 的 形 式 a = p 1 α 1 p 2 α 2 . . . p l α l , α i ≥ 0 , i = 1 , 2 , 3 , . . . , l
推论 4 :
设 a 是 大 于 1 的 整 数 , 且 a = p 1 α 1 p 2 α 2 . . . . p i α i . . . . p k α k , 其 中 α i > 0 , i = 1 , 2 , 3 , . . . , k 则 a 的 正 因 数 d 可 以 表 示 为 如 下 形 式 : d = p 1 β 1 p 2 β 2 . . . p l β k , 0 ≤ β i ≤ α i , i = 1 , 2 , 3 , . . . , k 而 且 当 d 可 以 表 示 成 上 述 形 式 时 , d 是 a 的 正 因 数
注解 2 :对于推论 4,有如下结论
设 a = p 1 α 1 p 2 α 2 . . . p k α k , α i > 0 , i = 1 , 2 , 3 , . . . , k , 则 a 的 正 因 数 的 个 数 有 ( α 1 + 1 ) ( α 2 + 1 ) ( α 3 + 1 ) ⋅ ⋅ ⋅ ( α k + 1 ) 个
取整函数 [x]
定义 :
设 x ∈ R , 定 义 [ x ] 等 于 不 超 过 x 的 最 大 整 数 , 称 函 数 [ x ] 为 取 整 函 数 或 高 斯 函 数 . 另 外 也 称 [ x ] 为 x 的 整 数 部 分 , { x } = x − [ x ] 为 x 的 小 数 部 分
函 数 [ x ] , x 具 有 下 列 性 质 : ( 1 ) x = [ x ] + x ; ( 2 ) [ x ] ≤ x < [ x ] + 1 , x − 1 < [ x ] ≤ x , 0 ≤ { x } < 1 ; ( 3 ) 设 n ∈ Z , 则 [ n + x ] = n + [ x ] ; ( 4 ) [ x ] + [ y ] ≤ [ x + y ] , { x } + { y } ≥ { x + y } ( 5 ) [ − x ] = { − [ x ] − 1 , − [ x ] , if x ∈ / Z , if x ∈ Z . ( 6 ) ( 带 余 除 法 ) 设 a , b ∈ Z , b > 0 , 则 a = b [ b a ] + b { b a } , 0 ≤ b { b a } ≤ b − 1 ( 7 ) 若 a , b ∈ Z + , 则 b 的 倍 数 中 小 于 等 于 a 的 正 整 数 的 个 数 为 [ b a ] ; ( 8 ) 若 x ≤ y , 则 [ x ] ≤ [ y ] .
现在来介绍一些相关定理,这些定理是可以用基本性质推导出来的。
定理 1 :
在 n ! 的 标 准 分 解 式 中 素 因 数 p ( p ≤ n ) 的 指 数 h , 有 : h = [ p n ] + [ p 2 n ] + . . . . = ∑ r = 1 ∞ [ p r n ]
推论 1 :
n ! = ∏ p ≤ m p ∑ r = 1 ∞ [ p r n ] 其 中 ∏ p ≤ n 表 示 展 布 在 不 超 过 n 的 一 切 素 数 上 的 乘 积 式 .
推论 2 :
贾 宪 数 ( 组 合 数 ) k ! ( n − k ) ! n ! ( 0 ≤ k ≤ n ) 是 整 数 , 记 作 C n k 或 者 记 作 ( k n )
推论 3 :
若 f ( x ) 是 一 个 n 次 整 系 数 多 项 式 , f ( k ) ( x ) ( k ≤ n ) 是 它 的 k 阶 导 数 , 则 k ! f ( k ) ( x ) 是 一 个 ( n − k ) 次 整 系 数 多 项 式 .
定理 2 :
任 何 k 个 连 续 整 数 的 乘 积 一 定 能 被 k ! 整 除 .
不定方程
不定方程初高中都有接触过,接下来直接给出定义再给出几个例子。
定义 1 :不定方程
未 知 数 必 须 受 到 某 种 限 制 ( 如 整 数 , 正 整 数 或 有 理 数 等 ) 的 方 程 , 称 为 不 定 方 程
例子
例 1 : x 2 + y 2 = z 2 , 其 中 x , y , z 是 正 整 数 这 就 是 一 个 不 定 方 程 例 2 : 1 1 x + 5 y = 1 0 2 8 , 其 中 x , y 是 整 数 , 这 样 也 就 是 一 个 不 定 方 程
二元一次不定方程
了解了不定方程之后,接下来看二元一次不定方程的定义
定义 2 :二元一次不定方程
设 a , b , c ∈ Z , a b = 0 , 则 称 式 子 a x + b y = c 为 关 于 变 量 x , y 的 二 元 一 次 不 定 方 程
了解了二元一次不定方程的概念之后,接下来一定是研究该方程如何解
定理 1 :二元一次不定方程的通解
设 二 元 一 次 不 定 方 程 : a x + b y = c ( a , b , c ∈ Z , a b = 0 ) 有 一 整 数 解 x = x 0 , y = y 0 , 且 ( a , b ) = d , a = a 1 d , b = b 1 d , 则 此 不 定 方 程 的 一 切 整 数 解 可 以 表 示 为 : x = x 0 − b 1 t , y = y 0 + a 1 t 其 中 t ∈ Z
注意:该定理中的 (a1,b1)=1,具体参考最大公因数 2 的注解 4
证明
证 明 第 一 个 地 方 : x = x 0 − b 1 t , y = y 0 + a 1 t 一 定 是 a x + b y = c 的 解 证 明 第 二 个 地 方 : a x + b y = c 的 整 数 解 , 总 可 以 表 示 成 x = x 0 − b 1 t , y = y 0 + a 1 t
证 明 1 : 将 x = x 0 − b 1 t , y = y 0 + a 1 t 代 入 a x + b y = c 可 得 a ( x 0 − b 1 t ) + b ( y 0 + a 1 t ) = a x 0 − a b 1 t + b y 0 + a 1 b t ∵ a x 0 + b y 0 = c ∴ a x 0 − a b 1 t + b y 0 + a 1 b t = c − a b 1 t + a 1 b t 又 知 道 ( a , b ) = d , a = a 1 d , b = b 1 d ∴ c − a b 1 t + a 1 b t = c + t ( a 1 b − a b 1 ) = c + t ( a 1 b 1 d − a 1 b 1 d ) = c ∴ x = x 0 − b 1 t , y = y 0 + a 1 t 一 定 是 a x + b y = c 的 解
证 明 2 : 设 { x = x 1 y = y 1 是 a x + b y = c 的 任 意 一 个 整 数 解